Разбор задач Educational Codeforces Round 2

Правка ru5, от Edvard, 2015-11-27 19:53:17

586A - Alena's Schedule

Эта задача является чисто технической. Нужно было сделать ровно то, что написано в условии.

586B - Laurenty and Shop

Давайте отсортируем числа первого массива. Теперь будем идти по второму массиву и для текущего числа bj найдем бинарным поиском индекс первого большего числа в первом массива. Этот индекс и будет являться ответом.

Другим подходом в этой задаче было следующее: отсортируем оба массива сохранив при этом индексы чисел (например можно сортировать пары <значение, позиция>). Теперь будем идти по второму массиву и хранить переменную p — указатель на первый элемент ap такой, что он больше текущего bj. Поскольку оба массива отсортированы указатель можно не сбрасывать на каждой итерации, а просто двигать его дальше вправо.

Асимптотическая сложность решения: O(nlogn).

585A - Gennady the Dentist

Давайте посчитаем для каждого символа c сколько раз он встречается в s. Обозначим эту величину cntc. Рассмотрим нечетные cntc. В палиндроме нечетных cntc может быть не больше одного. Пусть a1, a2...ak — это символы с нечетным cntc в алфавитном порядке. Заменим любой символ ak символом a1, символ ak - 1 символом a2 и так далее пока не дойдем середины. Теперь у нас имеется имеется не более одного нечетного символа. Если нечетный символ есть поставим его в середину ответа. А в первую половину возьмем от всех букв cntc / 2 в алфавитном порядке. Например, если s = aabcd мы сначала заменим d на b, после этого поставим символ c в середину и после перестановки остальных символов получим строку abcba.

Асимптотическая сложность решения: O(n).

585B - Phillip and Trains

Давайте сразу отбросим случай когда круги не пересекаются, в это случае ответ равен 0. Это можно проверить в целых числах, сравнив квадрат расстояния между центра с квадратом суммы радиусов. Также отбросим случай, когда один круг полностью лежит внутри другого, в этом случае ответ есть площадь маленького круга. Это тоже можно проверить в целых числах, сравнив квадрат расстояния между центра с квадратом разности радиусов. Отлично теперь можно рассмотреть общий случай. Ответ будет складываться из некоторого сегмента первого круга и некоторого сегмента второго круга. Для того, чтобы определить угол первого сегмента рассмотрим треугольник, образованный центрами кругов и одной из точек пересечения. В этом треугольнике мы знаем все три стороны, значит по теореме косинусов может определить угол сегмента. Значит мы можем определить площадь сектора. Теперь остается вычесть из этого площадь треугольника образованного одним из центров и точками пересечения кругов. А это можно сделать, посчитав площадь как половина модуля псевдовекторного произведения. Таким образом получаются следующие формулы: ,

где d — расстояние между центрами. И соответственно тоже самое нужно сделать для первого круга, поменяв индексы 1 ≤ ftrightarrow2.

Асимптотическая сложность решения: O(1).

585C - Alice, Bob, Oranges and Apples

Название этой задачи является анаграммой к Small to large. И это не спроста :-) Авторское решение по этой задаче использует классическую технику пересчета множеств на дереве. Простейшим решением этой задачи является следующее: давайте для каждой вершины поддерживать один map<int, int> — для каждого цвета, сколько раз он встречается, один set<pair<int, int>> — пары количество повторений и цвет, и число sum являющееся суммой самых частых символов. Для того, чтобы посчитать эти величины для вершины v нужно сначала посчитать их для всех сыновей, а потом просто сливать эти значения. Такой подход правильный, но медленный (сложность получится O(n2logn)). Но давайте немного улучшим это решение, каждый раз когда нам надо склеить 2 mapa и b, будем клеить меньший из них (просто итерируясь по нему) к большему (это и есть small to large). Давайте теперь рассмотрим цвет какой-нибудь вершины: каждый раз, когда он будет перекидываться из одного map-а в другой размер другого будет как минимум вдвое больше. Таким образом, это цвет поперебрасывается не более logn раз. Каждой перебрасывание делается за O(logn). Просуммировав это по всем вершинам получаем сложность O(nlog2n).

Также стоит заметить, что у некоторых участников было другое решение, но эта техника является общей и применяется в широком круге задач.

585D - Lizard Era: Beginning

585E - Present for Vitalik the Philatelist

585F - Digits of Number Pi

Асимптотическая сложность решения: O(nd2).

Теги educational round 2, editorial

История

 
 
 
 
Правки
 
 
  Rev. Язык Кто Когда Δ Комментарий
en7 Английский Edvard 2015-12-20 01:06:01 7190 Reverted to en5
en6 Английский Edvard 2015-12-20 01:04:40 7190 Tiny change: 'oks of $i$th genre. ' -
ru12 Русский Edvard 2015-11-28 02:56:22 58
en5 Английский Edvard 2015-11-28 02:55:31 1179
en4 Английский Edvard 2015-11-28 01:56:48 12 Tiny change: 'l to large``. There is' -> 'l to large''. There is'
en3 Английский Edvard 2015-11-28 01:56:19 14 Tiny change: 'l to large``. There is' -> 'l to large''. There is'
en2 Английский Edvard 2015-11-28 01:33:31 1343
en1 Английский Edvard 2015-11-28 00:38:09 2786 Initial revision for English translation
ru11 Русский Edvard 2015-11-27 23:53:58 9
ru10 Русский Edvard 2015-11-27 23:50:23 9 Мелкая правка: 'чение $d$ —- наибольш' -> 'чение $d$ --- наибольш'
ru9 Русский Edvard 2015-11-27 23:29:29 1188
ru8 Русский Edvard 2015-11-27 20:04:30 63
ru7 Русский Edvard 2015-11-27 20:03:57 104 (опубликовано)
ru6 Русский Edvard 2015-11-27 19:54:54 51
ru5 Русский Edvard 2015-11-27 19:53:17 24
ru4 Русский Edvard 2015-11-27 19:52:37 197 Мелкая правка: ' to large`). Давайт' -
ru3 Русский Edvard 2015-11-27 19:48:36 1406
ru2 Русский Edvard 2015-11-27 19:25:41 1280
ru1 Русский Edvard 2015-11-27 19:05:18 1827 Первая редакция (сохранено в черновиках)